Équivalent d'une série de fonctions lacunaire
Réponses
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En découpant la somme à la bonne hauteur, on obtient $\displaystyle F(r)\sim_{1^{-}} \frac{-\ln(1-r)}{\ln(-\ln(1-r))}.$
Plus précisément, pour $N\gg 1,$ on choisit $1-\frac{1}{N!}\leq r \leq 1-\frac{1}{(N+1)!}$ pour avoir en estimant crûment :
\begin{align*}
F(r) & \geq \sum\limits_{k\leq N-1}e^{k!\ln(1-\frac{1}{N!})}\\
& \geq Ne^{-\frac{1}{N}+o(\frac{1}{N})}.\\
\mbox{ et } F(r) & \leq N+1+\sum\limits_{k\geq N+1}e^{k!\ln(1-\frac{1}{(N+1)!})}\\
& \leq N+1+\sum\limits_{k\geq N+1}e^{-\frac{k!}{(N+1)!}}\\
& \leq N+1+\sum\limits_{k\geq N+1}e^{-(N+1)^{k-(N+1)}}\\
& \leq N+1+\sum\limits_{k\geq 0}e^{-kN}\\
& \leq N+1+\frac{1}{1-e^{-N}}.
\end{align*}
Ainsi, $\displaystyle F(r)\sim_{r\rightarrow 1^{-}} N$ et par Stirling, on obtient le résultat voulu (on a : $\displaystyle -\ln(1-r)\sim_{r\rightarrow 1^{-}} N\ln(N) \mbox{ puis } \frac{-\ln(1-r)}{\ln(-\ln(1-r))}\sim N$), à savoir : $\displaystyle F(r)\sim_{1^{-}} \frac{-\ln(1-r)}{\ln(-\ln(1-r))}.$ -
Faut découper la somme de n=0 à N et de n=N+1 à +oo
Mais quoi prendre pour N ? -
Je me demandais si avec $f(x,t)=x^{\Gamma(t+1)}$ pour $t\geq 2$ on pouvait avoir l'équivalent comparaison série intégrale ?
-
Lorque les exposants de la série entière (éventuellement généralisée) croissent plus vite (beaucoup plus vite) que géométriquement, tu n'as pas besoin de procéder par comparaison série-intégrale...
En fait, tu peux prouver facilement un résultat général en introduisant la fonction sommatoire $\displaystyle \phi(x)=\sum_{\lambda_{k}\leq x}1$ et montrer que dans ce cadre : $$F(r)\sim_{r\rightarrow 1^{-}} \phi(\frac{1}{1-r}).$$ -
Quel est le problème ? La démonstration donnée par BobbyJoe plus haut se généralise directement sous l'hypothèse que $(\lambda_n)_{n\in\mathbb N}$ est une suite croissante de réels strictement positifs vérifiant $\lambda_{n+1}/\lambda_n \to +\infty$. C'est peut-être un peu plus simple à manipuler sous la forme suivante : \[
\sum_{n=0}^{+\infty} e^{-t\lambda_n} \underset{t\to0^+}\sim \#\{n \in \mathbb N \mid t\lambda_n \leqslant 1\}.
\] P.S. Dans un cas plus général, on dispose toujours de la comparaison-intégrale suivante (triviale par Fubini) : \[
\sum_{n=0}^{+\infty} e^{-t\lambda _n} = \int_0^{+\infty} \#\{n\in \mathbb N\mid t\lambda_n \leqslant u\}e^{-u} \,du,
\] qui conduit facilement à des développements asymptotiques lorsque $\phi(x) = \#\{n\in\mathbb N\mid \lambda_n \leqslant x\}$ en admet un pour $x \to +\infty$.
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