$f$ pôle $\implies$ non nul dans voisinage
Bonjour. Je veux montrer que si $f$ a un pôle en $p\in \mathbb{C}$ alors il existe $r>0$ tel que $f(z)\neq 0$ pour $0<|z-p|<r$.
Je vous donne ma méthode pour savoir si elle est juste car elle diffère et est plus courte de mon corrigé que je n'ai pas compris.
Si $f$ a un pôle d'ordre $k$ en $z=p\in \mathbb{C}$ alors on a $\lim_{z\to p}(z-p)^kf(z)\neq 0 \implies \lim_{z\to p}f(z)\neq 0$.
Or, par l'absurde, on a que si $\forall r>0$ on $f(z)=0$ pour $0<|z-p|<r$ alors par définition de la limite on a $\lim_{z\to p}f(z)= 0$ qui est une contradiction, qu'en pensez vous?
Je vous donne ma méthode pour savoir si elle est juste car elle diffère et est plus courte de mon corrigé que je n'ai pas compris.
Si $f$ a un pôle d'ordre $k$ en $z=p\in \mathbb{C}$ alors on a $\lim_{z\to p}(z-p)^kf(z)\neq 0 \implies \lim_{z\to p}f(z)\neq 0$.
Or, par l'absurde, on a que si $\forall r>0$ on $f(z)=0$ pour $0<|z-p|<r$ alors par définition de la limite on a $\lim_{z\to p}f(z)= 0$ qui est une contradiction, qu'en pensez vous?
Réponses
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Ton argument est incorrect pour deux raisons. Tout d'abord ça n'a pas de sens d'écrire $\lim_{z \to p} f(z) \neq 0$ car $f$ n'admet pas de limite en $p$. Mais le plus grave, c'est que ce que tu supposes par l'absurde est beaucoup plus fort que la négation de ton énoncé. Tu supposes que $f$ s'annule sur tout voisinage de $p$, alors que la négation de ton énoncé est que dans tout voisinage de $p$, $f$ admet un zéro dans ce voisinage.
Tu devrais plutôt montrer que la fonction $z \mapsto (z-p)^kf(z)$ ne s'annule pas sur un certain voisinage de $p$. -
Ah oui en effet merci pour la clarification. Donc je vais montrer que la fonction $g(z):=z \mapsto (z-p)^kf(z)$ ne s'annule pas sur un certain voisinage de $p$.
En d'autre terme que $\exists r>0$ t.q. $\forall z$ t.q. $0<|z-p|<r$ on a $g(z)\neq 0$.
Ici nous avons comme hypothèse que $\lim_{z\to p}(z-p)^kf(z)\neq 0$ donc on note ici $l$ sa limite qui existe t.q. $l\neq 0$.
Par l'absurde, supposons que $\forall r>0, \exists z_1$ t.q. $0<|z_1-p|<r$ on a $g(z_1)=0$. (condition 1)
Aussi, $\lim_{z\to p}(z-p)^kf(z)=l\neq 0 \iff \forall \varepsilon >0, \exists \delta >0$ t.q. $\forall z$ t.q. $0<|z-p|<\delta \implies |g(z)-l|<\varepsilon$. (condition 2)
Mais le problème est que on a au dessus $\forall r>0$...(condition 1) donc en particulier pour $\varepsilon>0$ fixé, on a pour $r:=\delta >0$ et $0<|z_1-p|<\delta$ que $g(z_1)=0$ par la condition 1 et que en même temps $|g(z_1)-l|<\varepsilon$ par la condition 2.
C-a-d que $|l|<\varepsilon \ \forall \varepsilon >0$ ce qui implique que $l=0$ donc une contradiction. -
(tu)
En peu de mots : la fonction $g$ se prolonge par continuité en $p$, avec $g(p) \neq 0$. Par continuité, on a $g(z) \neq 0$ pour tout $z$ dans un voisinage de $p$. -
En effet je vois merci beaucoup.
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