Une implication
Réponses
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Cet espace contient les fonctions infiniment derivables à support compact dans ton ouvert Oméga.
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Oui, $H^1_0(\Omega)$ est la fermeture de $D(\Omega)$ dans $H^{1}(\Omega)$ pour la norme de $H^1$.
Mais qu'est-ce que vous voulez dire ? -
@jd99 de manière générale si $\langle .,.\rangle$ est un produit scalaire sur un espace de Hilbert $E$ et si $x\in E$ vérifie $\langle x,y\rangle = 0$ pour tout $y$ dans un sous-espace dense, alors $x=0$. C'est le résultat qui permet d'avoir ton implication.
Dans ton cas tu as bien $(u_{tt}-g-f,v)=0$ pour tout $v$ dans un sous-espace dense. C'est ce que voulait dire Le poisson. -
Si on suppose ici que $E=L^2(\Omega)$ et $\langle x,y\rangle=0,\ \forall y\in D(\Omega)$,
on a normalement $x=0$ dans $L^2(\Omega),$ donc $x =0\ p.p$ ??? (une égalité presque partout seulement !). -
Sachant que le produit scalaire ne différencie pas les égalités presque sûres tu ne peux pas avoir mieux. Mais ce doit être une égalité dans $L^{2}$ dans ton énoncé.
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Riemann_lapins_cretins a écrit:Sachant que le produit scalaire ne différencie pas les égalités presque sûres
Je n'ai pas compris ! -
Si $u = \tilde u$ presque partout alors $\langle u, v \rangle = \langle \tilde u, v \rangle$ pour tout $v$ (dans les bons espaces). En particulier, tu ne peux pas faire la différence entre la fonction nulle et une fonction non nulle mais nulle presque partout juste avec un produit scalaire.
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Poirot
Si $\langle u,v\rangle_{L^2(\Omega)}=0,\ \forall v \in L^2(\Omega)$ alors on a $u=0 p.p$. Donc on a obtenu une inégalité presque partout à partir d'un produit scalaire... vous voulez dire que $u=0 p.p$ n'implique pas $\langle u,v\rangle_{L^2(\Omega)}=0,\ \forall v \in L^2(\Omega)$ ?
[Inutile de reproduire le message précédent. AD] -
De toutes façons le $L^2$ est un espace de classes de fonctions, dont $0$ est un représentant de la classe des fonctions p.p. nulles, contrairement à l'espace (non normé) ${\mathcal L}^2$ où là sont distinguées deux fonctions égales p.p.
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$L^{2}(\Omega)=\left\{\bar{f}\mid f\in \mathcal{L}^2(\Omega)\right\}$
$\bar{f}=\left\{g\in \mathcal{L}^2 \mid g\sim f\right\}$
$g\sim f$ est la relation d'équivalence $g=f ~p.p$.
$\|f\|_{L^{2(\Omega)}}=0 \implies \bar{f}=\bar{0} \implies f\sim0$.
Je pense que si on confond les classes d'équivalence avec les représentants ça donne $f=0$.
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