Somme 1/p²
dans Arithmétique
$\displaystyle \sum_{p=2}^{n}\frac{1}{p^2}$
Salut.
Je me pose la question à quoi est égale cette somme ; est elle divergente ?
En faisant manuellement la somme jusqu’à 100, j'arrive à 0,45.
Cordialement.
Salut.
Je me pose la question à quoi est égale cette somme ; est elle divergente ?
En faisant manuellement la somme jusqu’à 100, j'arrive à 0,45.
Cordialement.
Réponses
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Tu fesses la somme ? Diantre.
Sinon, la même somme qui commence à p=1 converge dont la tienne aussi.Algebraic symbols are used when you do not know what you are talking about.
-- Schnoebelen, Philippe -
Nicolas:
Tu penses bien que p n'est pas un vulgaire entier mais un nombre premier d'où le p=2 -
Elle est convergente car positive et inférieure à $\ \zeta(2)=\dfrac{\pi^{2}}{6}=1,644934067\ldots$
-
Oui Fin de partie, j'avais omis de dire que p est un nombres premier.
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Pourquoi avoir posé la question ici plutôt qu’en arithmétique ?Algebraic symbols are used when you do not know what you are talking about.
-- Schnoebelen, Philippe -
D'accord nicolas.patrois
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Manuellement en calculant jusqu’à p=331 j'obtiens 0.4516 sans être sur que la somme est convergent.
Se nombre irrationnel ne me dis rien du tout.
Vous fait il penser a quelque chose?
Merci. -
Sylvain t'a dit pourquoi la somme est convergente (il faut juste changer "positive" par "croissante").
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Oui, j'aurais dû dire "somme de termes positifs".
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Petite correction, la série associée vaut $\frac{\pi^2}{6}-1.$
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Bravo mais comment faites-vous,Cyrano?
PS: Cyrano p est un nombres premier pas un entier naturel. -
Bonjour, voir https://fr.wikipedia.org/wiki/Série_des_inverses_des_nombres_premiers
[Correction du lien. AD] -
Oui mais là il s'agit des carrés des inverses.
Je ne parviens pas à coller un lien propre (les accents mettent le bazar) :
https://fr.m.wikipedia.org/wiki/Série_des_inverses_des_nombres_premiers
[Correction du lien. AD] -
Peut être que le Problème de Bâle peut nous aider.
https://fr.wikipedia.org/wiki/Problème_de_Bâle -
Je n'ai rien dit alors, s'il s'agit de calculer $\sum_{p\in \mathcal{P}} \frac{1}{p^2}$ avec $\mathcal{P}$ l'ensemble des nombres premiers, alors cela me semble plus compliqué. Voici un lien : http://mathworld.wolfram.com/PrimeZetaFunction.html
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En théorie des nombres, il faut rappeler que la convention consistant à indicer des sommes ou produits par la lettre $p$ signifie (presque) toujours des sommes ou produits portant sur des nombres premiers.
Certaines séries peuvent parfois avoir des "formes (plus ou moins) closes", comme par exemple
$$\sum_p \frac{\log p}{p(p-1)} = E - \gamma$$
ou
$$\sum_p \frac{1}{(p-1)^2} = \sum_{n=2}^\infty \frac{J_2(n)-\varphi(n)}{n} \log \zeta(n)$$
(dans ce dernier cas, difficile de parler de "forme close"...).
Dans la série de ce fil, pas de formule exacte connue, mais on peut facilement l'approcher à l'aide de ce principe simple : si $A \geqslant 2$ réel $f$ est une fonction dérivable sur $\left[ 2 , + \infty \right[$ telle que $\displaystyle \lim_{x \to \infty} \frac{f(x) \theta(x)}{\log x} = 0$, alors
$$\sum_{p > A} f(p) = - \frac{f(A)\theta(A)}{\log A} - \int_A^\infty \frac{\textrm{d}}{\textrm{d}t} \left( \frac{f(t)}{\log t} \right) \theta(t) \, \textrm{d}t.$$
Par exemple, avec la majoration $\theta(x) < 1,000028 \, x$, on obtient
$$\sum_{p > A} \frac{1}{p^2} < \frac{2,000056}{A \log A}.$$
Par exemple avec $A=500 \, 000$, l'utilisation du logiciel GP/PARI donne
$$\sum_p \frac{1}{p^2} < 0,452 \, 248$$
ce qui est très convenable. -
Bonjour noix de totos,
Qu'est $ E $? Et j'imagine que tu voulais dire $ \theta $ plutôt que $ f $ non ? -
On a forcément un contrôle sur l'erreur puisque la somme est minorée par $\sum_{p\leq n} \dfrac{1}{p^2}$ pour tout $n$.
-
Bonjour à tous,
@Sylvain : $E$ est l'une des constantes de Mertens, i.e. celle intervenant dans la somme $\sum_{p \leqslant x} \log p/p$. Elle est approximativement égale à $E \approx 1,332 \, 582 \, 275 \, 733 \, 220 \, 87 \dotsc$ Ensuite, il s'agit bien de $f$ dans la somme, la $1$ère fonction de Chebyshev $\theta$ intervenant ensuite dans le membre de droite par sommation partielle. La formule indiquée plus haut est donc correcte.
@Cyrano : je te renvoie vers la réponse de Skyffer3, très satisfaisante. J'ajouterais que je pensais aussi à la majoration "triviale"
$$\sum_p \frac{1}{p^2} < \log \zeta(2) \approx 0,4977 \dotsc$$
nettement moins bonne (c'est en ce sens qu'il faut comprendre le mot "convenable"). -
Merci pour ces précisions.
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