Points de Feuerbach et cocyclicité
Bonjour
Voici un nouvel exercice.
Soit $ABC$ un triangle équilatéral, $D$ un point sur $BC$, $M$ le milieu de $BC$, $X$ le point de Feuerbach du triangle $ABD$, $Y$ le point de Feuerbach du triangle $ACD.$
Montrer que les points $D, M, X$ et $Y$ sont sur un même cercle.
Amicalement
Voici un nouvel exercice.
Soit $ABC$ un triangle équilatéral, $D$ un point sur $BC$, $M$ le milieu de $BC$, $X$ le point de Feuerbach du triangle $ABD$, $Y$ le point de Feuerbach du triangle $ACD.$
Montrer que les points $D, M, X$ et $Y$ sont sur un même cercle.
Amicalement
Réponses
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Bonjour,
Du Feuerbach avec Morley circonscrit, c'est une première:% Bouzar - 17 mai 2020 - Points de Feuerbach et cocyclicité clc, clear all, close all syms a j syms t real b=a*j; c=a*j^2; jB=1/j; aB=1/a; bB=1/b; cB=1/c; d=b+t*(c-b); dB=bB+t*(cB-bB); %----------------------------------------------------------------------- % Quelques milieux m=(b+c)/2; bp=(c+a)/2; cp=(a+b)/2; dp=(a+d)/2; b1=(b+d)/2; c1=(c+d)/2; mB=(bB+cB)/2; % Les conjugués bpB=(cB+aB)/2; cpB=(aB+bB)/2; dpB=(aB+dB)/2; b1B=(bB+dB)/2; c1B=(cB+dB)/2; [ob obB Rb2]=CercleTroisPoints(cp,dp,b1,cpB,dpB,b1B); % Cercle d'Euler du triangle C' D' B_1 [oc ocB Rc2]=CercleTroisPoints(bp,dp,c1,bpB,dpB,c1B); % Cercle d'Euler du triangle C' D' C_1 % On trouve: ob=j*a*(1-t)/2; oc=j^2*a*t/2; obB=j^2*(1-t)/(2*a); ocB=j*t/(2*a); % M est sur ces deux cercles: Nulb=Factor((m-ob)*(mB-obB)-Rb2) % Contient j^2+j+1 en facteur, donc oui Nulc=Factor((m-oc)*(mB-ocB)-Rc2) % Contient j^2+j+1 en facteur, donc oui % Le centre de chacun de ces deux cercles est sur l'autre: Nulb=Factor((oc-ob)*(ocB-obB)-Rb2) % Contient j^2+j+1 en facteur, donc oui Nulc=Factor((ob-oc)*(obB-ocB)-Rc2) % Contient j^2+j+1 en facteur, donc oui % O_B est sur (OB) et O_C est sur (OC): Nulb=Factor(b*obB-bB*ob) % Contient j^2+j+1 en facteur, donc oui Nulc=Factor(c*ocB-cB*oc) % Contient j^2+j+1 en facteur, donc oui %----------------------------------------------------------------------- % Le point de Feuerbach du triangle ABD est un point d'intersection de son cercle d'Euler % et de la droite (OB) syms x xB xB=x*bB/b; Eqx=numden(Factor((x-ob)*(xB-obB)-Rb2)); Eqx=collect(Eqx,x) % On trouve A x^2 - 2*B x + C = 0 avec: A=4*j; B=2*j^2*a*(1 - t); C=-a^2*t; D=Factor(B^2-A*C) % Discriminant % On trouve, compte tenu que j^4=j et j^3=1: D=4*j*a^2*(t^2 - t + 1) % Les solutions sont donc (B-sqrt(D))/A et (B+sqrt(D))/A, c'est à dire: x=2*j*a*((1 - t)+sqrt(t^2-t+1))/4; xa=2*j*a*((1 - t)+sqrt(t^2-t+1))/4; % Et donc: xB=2*j^2*((1 - t)+sqrt(t^2-t+1))/(4*a); xaB=2*j^2*((1 - t)-sqrt(t^2-t+1))/(4*a); % Et de même pour le triangle ACD: y=2*j^2*a*(t+sqrt(t^2-t+1))/4; ya=2*j^2*a*(t-sqrt(t^2-t+1))/4; yB=2*j*(t+sqrt(t^2-t+1))/(4*a); yaB=2*j*(t-sqrt(t^2-t+1))/(4*a); %----------------------------------------------------------------------- % Les 4 points D, M, X, Y sont cocycliques Bi=Birapport(d,m,x,y); BiB=Birapport(dB,mB,xB,yB); NulBi=Factor(Bi-BiB) % Contient j^2+j+1 en facteur, donc c'est gagné % Il en est de même des points D, M, X_A, Y_A Bia=Birapport(d,m,xa,ya); BiaB=Birapport(dB,mB,xaB,yaB); NulBia=Factor(Bia-BiaB) % Contient j^2+j+1 en facteur, donc c'est oui aussi
Cordialement,
Rescassol
Edit: Bouzar, où as tu trouvé ce problème ? -
Bonjour et merci Rescassol pour ta contribution.
Ce problème a été donné dans une université en Turquie. Il n'est pas difficile mais il fait intervenir Feuerbach.
Amicalement
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Bonjour!
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