Ovalines et cyclines
On donne les points
$z(x,y)$, $a(-1,0)$, $b(1,0)$, $p((5/2)^2,0)$, $q((3/2)^2,0)$
et les courbes ovalines
$$
C : |za||zb| = 1-(1/5)^2 \qquad C' : |za||zb| = (1/5)^2-1 \qquad D : \pm 3|zp| - 5|zq| + 15 = 0
$$
Y a $\pm 3$ pour avoir les deux branches.
$C$ est un ovale de Cassini et $D$ un ovale double de Descartes,
$C'$ est vide mais $CC'$ se gère mieux que $C$ .
Trouver une (transformation) cycline qui transforme $C$ en $D$
$z(x,y)$, $a(-1,0)$, $b(1,0)$, $p((5/2)^2,0)$, $q((3/2)^2,0)$
et les courbes ovalines
$$
C : |za||zb| = 1-(1/5)^2 \qquad C' : |za||zb| = (1/5)^2-1 \qquad D : \pm 3|zp| - 5|zq| + 15 = 0
$$
Y a $\pm 3$ pour avoir les deux branches.
$C$ est un ovale de Cassini et $D$ un ovale double de Descartes,
$C'$ est vide mais $CC'$ se gère mieux que $C$ .
Trouver une (transformation) cycline qui transforme $C$ en $D$
Réponses
-
J'ai envie d'appeler "points de Darboux de A"
les points réels par lesquels on peut mener
des tangentes isotropes à la courbe algébrique
réelle A .
Les quartiques bicirculaires et les cubiques
circulaires (les hermitiennes) en ont quatre.
Ceux de l'ovale de Cassini donné sont
$ (\pm 1, 0)$ et $(\pm 7/25, 0)$ , ceux de
l'ovale de Descartes $((5/2)^2, 0)$ , $((3/2)^2, 0)$ ,
$((15/8)^2, 0)$ et $\infty$ .
Pris dans l'ordre et en coordonnées homogènes
complexes ils forment deux fois le même birapport,
on cherche donc une cycline qui transforme le
premier quadruple en le second.
$$
z\mapsto \frac{9}{2-2z}
$$
convient. On vérifie ensuite qu'elle envoie bien
l'ovale de Cassini sur celui de Descartes.
PS le bon ordre des foyers est
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